הרצאה תרגילים ־ סמינר תורת המספרים ,סמסטר אביב 2011־2010 פרופ' יעקב ורשבסקי אסף כץ 15/3/11 1 סמל לזנדר יהי mמספר שלם קבוע ,ו־ Kשדה גלובלי המכיל את חבורת שורשי היחידה מסדר m־ .µm תהי Sקבוצת הראשוניים הארכימדיים של Kוכל הראשוניים P ⊂ OKכך ש־.P | m עבור איברים ? ,{a1 , . . . , an } ⊂ Kנגדיר את ) S (a1 , . . . , anבתור Sיחד עם כל הראשוניים vעבורם |ai |v 6= 1עבור iכלשהו. a b עבור ? a ∈ Kוכן ) b ∈ I S(aנגדיר את הסמל √ a m = a b ע"י המשוואה ־ )√ FL/K (b a m כלומר √ FL/K (b)−1 a m )√ F (b ( m a) L/K √ = = m a √ כאשר ).L = K ( m a 1 a b למשל ־ עבור p = 11וכן a = 5נקבל שאכן 5הוא שארית ריבועית מודולו .(42 = 5 mod 11) 11 √ ראשית 11איננו מסועף ב־ ,Q 2 5כי הדיסקרימיננטה היא .5 √ √ כעת ) x2 − 5 = (x − 4) (x + 4) mod (11ולכן נקבל כי ,(11) = 4 − 5 4 + 5כאשר √ √ √ 4 − 5 , 4 + 5אידיאלים צמודים תחת הפעולה של ,Gal Q 2 5 /Qולכן ) (11מתפצל לחלוטין. מאחר שהוא מתפצל לחלוטין ,הפרובניוס שווה ליחידה. √ 1−1 5 11ממשפט אוילר. = 25 ונקבל כי = 1 עבור p = 11וכן a = 7נקבל ש־ 7הוא לא שארית ריבועית מודולו .11 √ ראשית 11איננו מסועף ב־ ,Q 2 7כי הדיסקרימיננטה היא .28 כעת ) x2 − 7 = x2 + 4 mod (11אי־פריק ,ולכן ) (11הוא אינרטי ,ושדה השאריות הוא מגודל ,112לכן הפרובניוס של 11יוצר של חבורת גלואה ,והוא מסדר .2 √ ולכן הפעולה של הפרובניוס על 7נעשית ע"י בחירה בצמוד גלואה ,במקרה של שדות ממשיים לחלוטין ,זה המינוס. כעת = −1 √ −√ 7 7 = 7 11 עוד דוגמא ־ ) a = 3, p = 5שאריות ריבועיות מודולו 5־ .(0, 1, 4 במקרה שלנו x2 − 3 ,מודולו 5מקבלים x2 − 3 = x2 + 2 mod 3 5איננו מסועף ,אך גם לא מתפצל לחלוטין )אחרת ,5 = x2 − 3y 2מודולו 5נקבל 0 = x2 − 3y 2שאין לו פתרונות לא טריוואליים( ,ולכן ) (5ראשוני אינרטי. ולכן הפרובניוס הוא יוצר של חבורת גלואה ,ונקבל כי שדה השאריות הוא מסדר √ הפרובניוס מעבירה לצמוד גלואה ,שזה ,− 3ולכן נקבל − √3 3 √ נקבל כי . 5 = 3 = −1 הערה ־ נזכור כי הריבועים בחבורה Z/pZמאופיינים ע"י קרקטר דיריכלה ריבועי ־ a טענה ־ b ∈ µm ,52 p−1 2 כלומר נקבל שפעולת =a a p ,סמל לזנדר. הוכחה ־ מספיק להראות את זה עבור a, b ∈ OKראשוניים. נעלה בחזקת mונקבל √ F (b) m ( m a) L/K a m = b a FL/K (b) m )FL/K (b אוטומורפיזם ולכן נקבל כי =a ,ומאחר ש־ ) FL/K (bאיבר של חבורת גלואה ,הוא √ ) , ( m aומכן שהוא K־אוטומורפיזם ,נקבל .aFL/K (b) = a כעת אם נתבונן ב־ ,σFL/K (b) σ −1אז נקבל # −1 √ " √ σF (b)σ−1 √ σF (b)σ−1 F (b) σσ a σσ−1 ( m a) L/K ( m a) L/K ( m a) L/K √ √ = = = = √ −1 m σσ b a )( m a )( m a מאחר שלפי ההנחה ,µm ⊂ Kוכן σהוא K־אוטומורפיזם ,נקבל כי a b = −1 a σσ b √ √ √ טענה ־ אם L0 = K m a, m a0אז עבור ) K 0 = K, L = K ( m aנקבל כי 0 ) b ∈ I S(a,a a a0 b b = aa0 b הוכחה ־ לפי ההגדרות ־ √ FL m = aa0 aa0 2 √ m aa0 b . a b ) √ FL/K (b )FL0 /K (b √ FL/K (b) m aa0 a0 m )( a √ √ √ = m m 0 m a aa0 a √ m = aa0 b הזיהוי של הפרובניוס במעבר בין השדות L0 , Lנעשה לפי הטענה בספר בפרק .3.2 טענה ־ bba0 = ab ba0אם )b, b0 ∈ I S(a √ ) √ F (b)FL/K (b0 )√ F (b ( m a) L/K נתחיל מההגדרה ,( m a) L/K = ab m a ,נפעיל על זה את ) FL/K (b0ונקבל = ) √ F (b0 . ab ( m a) L/K √ √ ) √ F (b)FL/K (b0 ) √ F (b0 .( m a) L/K ,( m a) L/Kולכן נקבל כי )= ab ba0 ( m a כעת לפי ההגדרה= ba0 ( m a) , מצד שני ,בגלל ש־ FL/Kהוא אוטומורפיזם נקבל כי ) ,FL/K (b) FL/K (b0 ) = FL/K (bb0בנוסף לפי ההגדרה נקבל ) √ FL/K (bb0 a m √ a m = a bb0 ולכן ע"י השוואת הצדדים נקבל את הדרוש . Q P a nv תוצאה ־ ) ab = v∈S(aכאשר .b = nv v / v ∈ vראשוני ,אזי ) m | (N v − 1כאשר | ,N v = |OK /vכמו כן טענה )קריטריון אוילר מוכלל( אם )/ S (a a N v−1 = a m mod pv v הוכחה ־ נראה כי mמחלק את .N v − 1 יהי ωשורש פרימיטיבי מסדר ,mהוא כמובן K־שלם כי הוא שורש של − 1 ,xm ולכן נקבל כי = 1 ωm וכן ω i 6= 1עבור .0 < i < m כעת ניקח רדוקציה למשוואה מודולו ) K (vונקבל ).ω m = 1 mod K (v כמו כן ,גם כאן הסדר ωהוא ,mאחרת יש iכך ש־ ω i = 1 + pעבור p ∈ vכלשהו ,בפרט אם נעלה את זה בחזקת mנקבל 1 = (1 + p)mבשדה ,דבר שלא יתכן ,מאחר שאז יהיו קיימים בחוג מחלקי אפס. מצד שני ,השדה ) K (vהוא מסדר ,N vולכן ע"פ משפט אוילר לחבורה הכפלית שלו ),ω N v−1 = 1 mod K (v והרי מטענת החילוק הסדרים הידועה ,והגדרת הסדר כמינימלי ,נקבל כי .m | N v − 1 כעת להוכחת הנוסחא. m √ )√ FL/K (v m )( a) = ( a לפי ההגדרה ־ a v . נתבונן בשדה ,Lובהרחבת השדות הסופיים ־ /v 0 OLמעל OK /vכאשר v0 ראשוני היושב מעל .v נבצע רדוקציה למשוואה הזאת מודולו v 0ומהגדרת פעולת הפרובניוס בשדה השאריות ) √ N v−1 ). av = ( m a mod pv0 f כעת מאחר ש־) m | (N v − 1נקבל כי ,m | N v − 1ולכן בסה"כ אפשר להוציא mולחלק ב־ mולקבל כי N v−1 . av = a m mod pv0 N v−1 בפרט נקבל ברדוקציה מודולו pvכי . av = a m mod pv 3.2 טענה )הדדיות גבוהה( ־ התנאים הבאים שקולים: = 1 .1 a v .2יש פתרון למשוואה xm = a mod pvעבור .x ∈ Ov .3יש פתרון למשוואה xm = aעבור .x ∈ Kv 3 (Prop.נקבל הוכחה ־ נראה כי ) (2גורר ).(1 N v−1 במקרה זה , av = a m ,אם xm = aנקבל = 1 mod pv xN v−1 = N v−1 m × ) ,k (vנסמן נראה כי ) (1גורר ) ,(2נניח כי gיוצר של החבורה הציקלית .a gr = ,aוכן gy = ,xאז הפתרון המבוקש שקול ל־ ,g r = g my mod pvכלומר ) ,my = r mod (N v − 1למשוואה הזאת יש פתרון אמ"מ ,m | rכי m | N v − 1ממשפט אוילר הקודם. כעת ,a = g rאז תנאי 1שקול לכך ש־= 1 )r(N v−1 m ,gאך מכך ש־ ,ord (g) = N v − 1נקבל כי | N v − 1 )v−1 , r(Nmולכן .m | r m x y עבור x, y ∈ Ovזרים ,מאחר שניתן להניח כי ,v (a) = 0נקבל כי כעת ) (3גורר ) ,(2נקבל כי = a ,v xy = 0ולכן ) ,v (x) = v (yמאחר שהנחנו זרות ,נקבל .v (x) = v (y) = 0ולכן ניתן לקחת רדוקציה של המשוואה מודולו pvולקבל את הדרוש. עבור ) (2גורר ) ,(3נשתמש בלמה של הנזל. נזכור כי Kvהוא ההשלמה של השדה הגלובלי Kביחס לאידיאל .pv למת הנזל ־ יהי Kשדה שלם ביחס להערכה |·| וכן ] .f ∈ OK [xיהי α0 ∈ OKכך ש־ 2 ) |f (α0 )| < f 0 (α0 אזי יש α ∈ OKכך ש־ f (α) = 0וכן |)|f (α |)|f 0 (α ≤ | .|α − α0 הוכחה של הטענה בעזרת הלמה ־ נגדיר ]− a ∈ OKv [x לפי ) ,(2יש α0 ∈ Ovכך ש־ ,α0m = a mod pvכלומר xm p−1 = ).f (x ≤ .|f (α0 )|v .|f 0 (α0 )|v = |m|v · |α0 |m−1 מצד שני ,f 0 (x) = mxm−1 ,ולכן v ניתן להניח כי ,a 6= 0 mod pvולכן ,|α0 |v = 1מאחר ש־ aהפיך .בנוסף הנחנו כי pהוא כזה כך ש־,p - m ולכן |m|v = 1גם כן. וסה"כ נקבל את הדרוש מהלמה של הנזל. טענה ־ אם aו־ ) b ∈ I S(aשלם ,כך ש־ a0 ≡ a mod bאזי הוכחה ־ נשתמש בטענה 3.2 מהספר √ . √ √ m 0 m =K L = K ( m a) ,K = K 0וכן a, a G0 L0 כעת נניח כי ) (bמתפרק ב־ Lל־ (pi )e f Q a b ונקבל את הדיאגרמה המתחלפת הבאה. FL0 /K 0 →−−−− ↓θ G 0 = a b . 0 IS ↓ NK 0 /K FL/K →−−− IS = ) ,(bכעת בשדה ,L0הפירוק נשאר ,מאחר ש־,a0 ≡ a mod b ולכן עבור גורם p0iבפירוק של piבשדה L0נקבל כי ,NK 0 /K p0i = 1 · piולכן ).FL0 /K 0 (b) = FL/K (b √ √ √ משיקול סימטרי עבור K = K 0וכן L = K m a0ו־ L0 = K m a, m a0נקבל את הדרוש . m טענה ־ נניח כי ) b, b0 ∈ I S(aוכן ) b0 b−1 = (cעבור × c ∈ Kכך ש־ ) × c ∈ (Kvלכל ) ,v ∈ S (aאזי a a = b0 b 4 הוכחה ־ ניזכר בכלל ארטין )הגס( ,3.3נקבל כי עבור cמתקיים כי ,F (c)S = 1ולכן נקבל שמתקיים ־ .F (b)S = F (b0 )S מכאן שהפרובניוס פועל על aבאותה הצורה . טענה ־ יהי K = Qוכן ,m = 2יהיו a, b ∈ Qוכן P, Qמספרים חיוביים שלמים אי־זוגיים. עבור (a, P ) = 1הסמל Pa = (Pa ) = ±1מוגדר ,כפלי בכל ארגומנט בנפרד ומקיים if a = b mod P b P = a P כעת נטען כי אם P = Q mod 8a0כאשר a = 2τ a0עם ,(2, a0 ) = 1אז מתקיים כי a Q = a P . 2 × הוכחה ־ נשתמש בטענה הקודמת ,צריך להראות כי )−1 = (c × c ∈ (Qלכל P Qעבור c ∈ Qכך ש־ ) v } v ∈ {2, ∞, pכאשר .p | a0 עבור ∞ = ,vהדבר ברור ,כי .P, Q > 0 עבור ,v = 2ניקח רדוקציה של המשוואה מודולו 8ונקבל .P = Q mod 8כעת הנחנו כי Qאיזוגי ,ולכן הפיך מודולו ,8ולכן .P Q−1 = 1 mod 8 2 ×∈ Q כעת מספרים השקולים ל־ 1מודולו 8הם ריבועים 2־אדיים ,ולכן 2 .P Q−1 עבור v = pכאשר ,p | a0ניקח רדוקציה מודולו ,pוהנחנו כי ,(a, P ) = 1ולכן Qהפיך מודולו ,pולכן נקבל .P Q−1 = 1 mod p כעת החבורה הכפלית מודולו ) pעבור (p 6= 2היא ציקלית ,עם נניח שורש פרימטיבי p−1 2 × Z pZ ∈ .gאז ניקח ,h = gבתור שורש ריבועי של היחידה. מהלמה של הנזל עבור הפולינום x2 − 1ב־] ,Zp [xנקבל הרמה p־אדית של אותו שורש למספר ב־ Zpולכן 2 ×. P Q−1 ∈ Q נקבל כי p 5
© Copyright 2024