אוניברסיטת בן־גוריון בנגב – המחלקה למתמטיקה – סמסטר א׳ תשע״ד חדו״א להנדסת מכונות – (201–1–9711) 1בוחן המרצים: ד״ר נעה איידלשטין ,ד״ר תם מאירוביץ ,ד״ר דניאל מרקייביץ׳ ,ד״ר רועי קרקובסקי, ד״ר אהובה שקופ. תאריך 13 :בדצמבר 2013 משך הבחינה 2 :שעות חומר עזר :דף נוסחאות בגודל ,A4חד־צדדי מודפס או בכתב יד .אין להשתמש במחשבון. מספר הנקודות הכולל במבחן הוא .20יש לענות על כל השאלות .עליכם לענות בפירוט על השאלות במקום המוקצה לתשובה .יש להסביר בעברית בצורה תמציתית וברורה מה אתם עושים ומדוע .יינתן ניקוד חלקי במקרים מתאימים. אין להשתמש בעט אדום במבחן. שימו לב :דפי הטיוטא ישלחו למגרסה. בהצלחה! 1 .1חשבו את הגבולות הבאים .נמקו את צעדכם היטב והראו את החישובים בדרך. )א( ) 2נק׳( )3n2 − 2n + 3 p p ∞→.n lim ( 3n2 − 2 − פתרון: √ √ √ 3n2 − 2n + 3 3n2 − 2 + 3n2 − 2n + 3 √ √ 3n2 − 2 + 3n2 − 2n + 3 2 − n5 2n − 5 1 √ q √= =q √ →− 2 2 3 3n − 2 + 3n − 2n + 3 3 − n22 + 3 − n2 + n32 3n2 − 2 − √ p p = 3n2 − 2 − 3n2 − 2n + 3 √ כאשר במעבר האחרון השתמשנו בכללי חשבון גבולות וברציפות של .f (x) = x (n2 + 1)100 )ב( ) 2נק׳( ∞→n 4n . lim פתרון :נשתמש בקריטריון המנה להתאפסות הגבול :תהי 100 n2 + 2n + 3 n2 + 1 1 = 4 100 (n + 1)2 + 1 n2 + 1 1 = 4 (n2 +1)100 4n ((n+1)2 +1)100 4n+1 (n2 +1)100 4n = ,anאזי an+1 an+1 = an = an לכן 1 < 1, 4 !100 = 3 n2 + 2 n 1 n2 1+ 1+ lim ∞→n 1 = 4 100 n2 + 2n + 3 n2 + 1 an+1 1 lim = lim n→∞ an n→∞ 4 כאשר במעברים האחרונים השתמשנו בכללי חשבון גבולות .מכאן על פי קריטריון (n2 + 1)100 המנה שהגבול limn→∞ anמתאפס ,כלומר = 0 ∞→n 4n . lim 2 5 −3 )ג( ) 2נק׳( . lim (1 + x) x − 2 x→0+ פתרון :על פי כלל המכפלה של גבולות מתקיים: 5 · lim (1 + x)− 2 −3 x x→0+ )= lim (1 + x x→0+ −3 − 52 x )lim (1 + x x→0+ 5 לגבי הגבול השני ,מרציפות הפונקציה f (t) = t− 2בנקודה , 1 מתקיים − 5 2 =1 )lim (1 + x x→0+ = − 52 )lim (1 + x x→0+ לגבי הגבול השני ,מתקיים: !−3 1 t lim 1 + = e−3 ∞→t t 1 −3t = lim 1 + = ∞→t t 3 −3 x )lim (1 + x x→0+ 3) .2נק׳( נתון ש־ הפונקציה x sin( x1 ) + arctan( x1 ) x > 0 x≤0 a cos(x) + 1 = )f (x רציפה בכל נקודה .מצאו את ערכו של .a פתרון :מהנתון ש־ fרציפה בכל נקודה ,ובפרט ב־ 0נובע ש־ = )f (0) = lim f (x x→0+ ) . lim f (xעל פי הגדרת הפונקציה ,ומרציפות ) cos(xמתקיים x→0− f (0) = lim f (x) = a cos(0) + 1 = a + 1. x→0− נחשב את הגבול מימין: 1 1 ) (lim f (x) = lim x sin( ) + arctan x→0+ x x x→0+ מתקיים 1 |−|x| ≤ x sin( ) ≤ |x x מכיוון ש־ )|,0 = limx→0 |x| = limx→0 (−|x על פי משפט הסנדוויץ נקבל ש־ limx→0+ x sin( x1 ) = 0 כמו כן π 1 = )lim arctan( ) = lim arctan(y ∞y→+ x→0+ x 2 ולכן .limx→0+ f (x) = 1 + π2ומכן שמתקיים 1 + π2 = a + 1כלומר π . 2 4 =a .3תהי | f (x) = |(x − 5)3 )א( ) 2נק׳( חשבו את ).f 0 (4 פתרון :עבור x < 5מתקיים 5)3 ,f (x) = −(x −ולכן 5)2 = −3(x − f 0 (4) = −3. )ב( ) 2נק׳( האם fגזירה בנקודה ?x = 5הוכיחו את תשובתכם. פתרון :נראה שהנגזרת משמאל והנגזרת מימין קיימות ושוות: (x − 5)3 )f (x) − f (5 = lim =0 x→5+ x − 5 x→5+ x−5 lim )f (x) − f (5 −(x − 5)3 = lim =0 x→5− x→5− x−5 x−5 lim לכן fגזירה בנקודה x = 5ומתקיים .f 0 (5) = 0 5 )f 0 (x .בפרט, 2x2 .4נסמן x3 + x r 1− = )f (x )א( ) 2נק׳( מצאו את תחום ההגדרה של .f פתרון :ראשית ,אסור שהמכנה של השבר יתאפס ,ולכן .x 6= 0עכשיו נדרוש 2x2 שהביטוי שבתוך השורש יהיה אי־שלילי כלומר .1 − x3 +x ≥ 0 מכיוון שכבר דרשנו ,x 6= 0אפשר לצמצם והאי שיווין שקול לכך ש־ 2x2 x3 +x 2x ≥ 0. +1 x2 זה מתקיים אם ורק אם 2x ≤1 2 x +1 אם ורק אם אם ורק אם 1− 2x ≤ x2 + 1 x2 − 2x + 1 ≥ 0 כלומר ,(x − 1)2 ≥ 0וזה מתקיים לכל .xלכן תחום ההגדרה של fהוא .x 6= 0 )ב( ) 1נק׳( האם 2נמצא בתמונה של ?fנמקו. פתרון :נבדוק האם יש פתרון למשוואה r 2x2 . +x x3 2x2 זה שקול כך ש־ x 6= 0וגם x3 + x 1− =2 .4 = 1 −זה שקול לכך שיש פתרון למשוואה 3x2 + 2x + 3 = 0. ולמשוואה הריבועית הזו אין פתרון ממשי ).(∆ = 4 − 36 < 0 )ג( ) 1נק׳( האם √210נמצא בתמונה של ?fנמקו . נבדוק האם יש פתרון למשוואה 2x2 . x3 + x r 1− 4 2x2 =1− 3 זה שקול כך ש־ x 6= 0וגם 10 x +x 2 = √ 10 .זה שקול לכך שיש פתרון למשוואה 6 2x = 2 10 x +1 או 3x2 + 10x + 3 = 0. למשוואה הזו יש שני פתרונות,x1 = 3 : 6 1 3 = .x2לכן √2 10 כן נמצא בתמונה. 1 2 = ) .limx→7 f (xהוכיחו שקיים δ > 0כך שלכל xהמקיים 0 < |x−7| < δ 3) .5נק׳( נתון ש־ מתקיים ש־ ) f (xאינו מספר שלם. פתרון :מהנתון ש־ ,limx→7 f (x) = 21לכל < 0קיים δ > 0כך ש־ שלכל xהמקיים 0 < |x − 7| < δמתקיים < | .|f (x) − 12בפרט עבור = 21קיים δכזה .לכן עבור ה־ δהמתאים יתקיים שלכל xהמקיים 0 < |x − 7| < δמקיים ,|f (x) − 21 | < 12כלומר .0 < f (x) < 1בפרט ) f (xאינו מספר שלם ,כי אין מספרים שלמים בקטע הפתוח ).(0, 1 7
© Copyright 2024